Gegeben ist für a Element R+ eine Schar mit fa(x)=e2x−a⋅ex
1. Berechnen Sie in Abhängigkeit vom Parameter a die Anzahl und den Typ der Extrempunkte der Graphen von fa und ermitteln Sie die Gleichung der Ortskurve, auf der alle Extrempunkte liegen.
fa′(x)=e2x⋅2−a⋅ex
e2x⋅2−a⋅ex=0
ex(2ex−a)=0 Satz vom Nullprodukt:
1.) ex=0 ∈ ℝ
2ex−a=0
ex=2a mit ln(e)=1:
x=ln(2a) fa(ln(2a))=e2⋅ln(2a)−a⋅eln(2a)
Art des Extremwerts:
fa′′(x)=e2x⋅2⋅2−a⋅ex=4e2x−a⋅ex
fa′′(ln(2a))=4e2ln(2a)−a⋅eln(2a)
Einschübe:
e2ln(2a)=eln((2a)2)=4a2 und eln(2a)=2a
fa′′(ln(2a))=a2−2a2=2a2>0 Minimum
Somit existiert nur ein Extrempunkt.
fa(ln(2a))=4a2−2a2=−4a2
Ortskurve der Minima:
x=ln(2a) Auflösen nach a: ex=eln(2a)=2a
a=2ex Einsetzen in y=−4a2:
y=−44e2x=−e2x
2. Berechnen Sie in Abhängigkeit vom Parameter a die Anzahl und den Typ der Wendepunkte der Graphen von
fa.
Für die Bestimmung der Wendepunkte benötigen wir die 2. Ableitung:
fa′′(x)=4e2x−a⋅ex
4e2x−a⋅ex=0 Satz vom Nullprodukt:
ex(4ex−a)=0
ex=0 ∈ ℝ
ex=4a
x=ln(4a)
fa(ln(4a))=e2⋅ln(4a)−a⋅eln(4a)=16a2−4a2=−163a2
Typ des einzigen Wendepunktes:
f′′(x)<0 Rechtskrümmung
f′′(x)>0 Linkskrümmung
Ab dem Wendepunkt (bis ∞)ist der Graph linksgekrümmt:
3. Berechnen Sie in Abhängigkeit vom Parameter a die Gleichung der Tangente durch den Wendepunkt der Graphen von
fa.
fa′(x)=e2x⋅2−a⋅ex
Wendestelle: x=ln(4a)
fa′(ln(4a)=e2⋅ln(4a)⋅2−a⋅eln(4a)=8a2−4a2=−8a2
Tangentengleichung:
x−ln(4a)y+163a2=−8a2
y=−8a2x+8a2⋅ln(4a)−163a2
4. Bestimmen Sie die Scharkurve, die die y-Achse bei
y=−2 schneidet.
−2=e2x−a⋅ex
Beim Schnitt mit der y-Achse ist x=0:
−2=1−a
a=3:
f3(x)=e2x−3⋅ex

5. Es sei
a=2. Durch den Punkt P
(−2∣f(−2)) werde eine Sekante gelegt, die den Graphen von fa unterhalb der x-Achse in einem weiteren Punkt Q(u/v) schneidet. Die Sekante, die x-Achse und die Gerade g mit x-u bilden ein Dreieck.
Bestimmen Sie in die Koordinaten dieses Punktes Q so, dass der Flächeninhalt dieses Dreiecks maximal wird und geben Sie diesen maximalen Flächeninhalt an.
f(x)=e2x−2⋅ex
P(−2∣f(−2)):
f(−2)=e−4−2⋅e−2
Q(u∣f(u)):
f(u)=e2u−2⋅eu
Geradengleichung durch P und Q (2 Punkteform der Geraden):
x+2y−e−4+2⋅e−2=u+2e2u−2eu+e−4+2e−2
Nullstelle dieser Geraden:
x+20−e−4+2⋅e−2=u+2e2u−2eu+e−4+2e−2
Nun nach x auflösen:
2⋅e−2−e−4x+2=e2u−2eu+e−4+2e−2u+2
x=e2u−2eu+e−4+2e−2(u+2)(2⋅e−2−e−4)−2
Das folgende Bild zeigt nun das zu maximierende Dreieck: