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Aufgabe:

Bestimmen Sie die Fundamentallösungen des homogenen Gleichungssystems Ax = 0.

Korrektur: richtige Aufgabenstellung

A:= \( \begin{pmatrix} 2 & 3 & 2 & 5 & 2 & 0 \\ 1 & 5 & 6 & 1 & 4 & 3  \\ 4 & 6 & 2 & 4 & 0 & 3 \\ 1 & 5 &1 & 1 & 1 & 2 \\ 6 & 2 & 6 & 0 & 6 & 5 \end{pmatrix} \) ∈ F75×6

b:= \( \begin{pmatrix} 5 \\ 2 \\ 3 \\ 5 \\ 5 \end{pmatrix} \) ∈ F75x6

Problem/Ansatz:

Ich komme hier auf eine endlos Rechnung. Kann mir jemand weiterhelfen?

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1 Antwort

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endlos geht anders;-)

Kopiere den Latex block Deiner Matrix nach

https://www.geogebra.org/classic#cas

und befehle

ReducedRowEchelonForm(A)

das würde zu x_6 als unbestimmte variable führen.

Wenn Du eine schrittweise lösung mit zeilenumformungen anstrebst dann

https://www.geogebra.org/m/yygxzq8p

melde Dich, wenn Du alleine nicht zurecht kommst....

Avatar von 21 k

Ich kriege eine Fehlermeldung. Muss ich das hier:

({{2,3,2,5,2,0},{1,5,6,1,4,3},{4,6,2,4,0,3},{1,5,1,1,1,2},{6,2,6,0,6,5}})


in der Reihenfolge einfügen? Was ist mit P und Q?

und ich muss das mit Restklassen machen

Is schon schwierig eine Aufgabe korrekt wieder zu geben?

ℝ7 davon steht oben aber nix?

...und ich nehm die andere Aufgabe gleich mit und korrigere das oben↑

erste Spalte niedermachen und modulo 7

P:{{5, 1, -6}, {4, 1, -1}, {3, 1, -4}, {2, 1, -2}, {1, 2}}

\(\small A1 \, :=  \, \left(\begin{array}{rrrrrrr}1&5&6&1&4&3&2\\0&-7&-10&3&-6&-6&1\\0&-14&-22&0&-16&-9&-5\\0&0&-5&0&-3&-1&3\\0&-28&-30&-6&-18&-13&-7\\\end{array}\right)\)

Ξ mod 7 =

\(\small A1_7=\left(\begin{array}{rrrrrrr}1&5&6&1&4&3&2\\0&0&4&3&1&1&1\\0&0&6&0&5&5&2\\0&0&2&0&4&6&3\\0&0&5&1&3&1&0\\\end{array}\right)\)

A2 dritte Spalte nieder machen,

{{5, 2, -4}, {4, 2, -2}, {3, 2, -6}, {2, 5}, {5, 4, -2}}

A2 Ξ mod 7 =

A3 vierte Spalte nieder machen,

A3 Ξ mod 7 =

... Stunden später

\(\small A4_7=\left(\begin{array}{rrrrrrr}1&5&0&0&6&0&4\\0&0&1&0&2&0&5\\0&0&0&1&0&0&3\\0&0&0&0&0&2&0\\0&0&0&0&0&0&0\\\end{array}\right)\)

==>

\(\small IKern \, :=  \, \left(\begin{array}{r}-5 \; t_1 -6 \; t_2 \\t_1\\-2 \; t_2 \\0\\t_2\\0\\\end{array}\right)\)

A IKern = 0 ( siehe A IL)

\(\small IL \, :=  \, \left(\begin{array}{r}-5 \; t_1 - 6 \; t_2 + 4\\t_1\\-2 \; t_2 + 5\\3\\t_2\\0\\\end{array}\right)\)

\(\small A\cdot IL = \left(\begin{array}{r}-7 \; t_1 - 14 \; t_2 + 33\\-14 \; t_2 + 37\\-14 \; t_1 - 28 \; t_2 + 38\\-7 \; t_2 + 12\\-28 \; t_1 - 42 \; t_2 + 54\\\end{array}\right) mod\, 7\, \equiv \,\left(\begin{array}{r}5\\2\\3\\5\\5\\\end{array}\right)\)

wow danke für den Aufwand!!!

Keine Ursache,

Ich hatte übersehen, dss ich mit A2 auch einen Zeilentausch drin hatte - hab ich noch ergänzt...

Kommst Du mit den Zwischenschritten zurecht?

Muss am Ende in der Zeile 4 nicht eine 1 stehen statt eine 2? Bei A4 7

Nein, muß nicht...

ob 2 xi = 0 oder xi =0 macht jetzt net sooo einen Unterschied

kann man aber machen, ich hab

\(\small A3_p \, :=  \, \left(\begin{array}{rrrrrrr}1&5&6&0&4&2&6\\0&0&1&0&2&2&5\\0&0&0&1&0&1&3\\0&0&0&0&0&2&0\\0&0&0&0&0&4&0\\\end{array}\right)\)

und mit der Zeile 4 weiter gemacht, weils so schön passt.

wennn Du {4,5,-2) rechnest: 2-2*4 = -6, dann hast Du eine 1 in der 4.Zeile

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