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Aufgabe:

Bestimmen Sie eine ganzrationale Funktion dritten Grades die angegeben Eigenschaften hat

d) Der Graph geht durch den Koordinatenursprung und hat in S(2|1) einen Sattelpunkt


Problem/Ansatz:

… Ansatz f(0) = 0
f(2)  = 1
f''(2) = 0

Wie kommt man auf eine weitere Eigenschaft? Man braucht doch insgesamt 4 Gleichungen um eine LGS mit 4 Variablen zu lösen. Komme an der Stelle nicht weiter.

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Beste Antwort

Hallo,

da die Funktion durch den Ursprung geht, ist d = 0.

Dann fehlt dir noch die Eigenschaft f'(2) = 0. Damit hast du drei Gleichungen für a, b und c.

Gruß, Silvia

Avatar von 40 k

Warum ist d=0?
Ja das habe ich schon mit f(0) = 0 abgedeckt
f'(2) = 0 ??

Achsoo, weil das ein Sattelpunkt ist, gilt f'(x) = 0 und f''(x) = 0 ?

Achsoo, weil das ein Sattelpunkt ist, gilt f'(x) = 0 und f''(x) = 0

So ist es, hier also f'(2) und f''(2) = 0

Ein kubisches Polynom ist punktsymmetrisch zu seinem Wendepunkt. Ist der Wendpunkt mit den Koordinaten (xw,yw)(x_w,\,y_w) gegeben, so kann man die Funktion bereits einschränken auff(x)=a(xxw)3+c(xxw)+ywf(x)= a(x-x_w)^3 + c(x-x_w) + y_wUnd für cc gilt: c=f(xw)c = f'(x_w), was direkt aus der Ableitung von f(x)f(x) folgt. Und bei einem Sattelpunkt ist die Steigung f(xw)=0f'(x_w)=0 - also bleibt hierf(x)=a(xxw)3+ywf(x)= a(x-x_w)^3 + y_wAus f(0)=0f(0)=0 folgt dann a=ywxw3=18a = \frac{y_w}{x_w^3} = \frac18


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Es wird ein Sattelpunkt erwähnt, nicht ein Wendepunkt.

Avatar von 47 k

Also ist f''2) = 0 falsch?

Wieso sollte das falsch sein?

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"d) Der Graph geht durch den Koordinatenursprung  und hat in S(2|1) einen Sattelpunkt."

Ich verschiebe den Graphen um 1 Einheit nach unten und mache weiter mit der Linearform der kubischen Parabel:

f(x)=a*(x-2)3

N(0|0)→N(0|-1)

f(0)=a*(0-2)3=-8a      -8a=-1       a=1/8

f(x)=1/8*(x-2)3

p(x)=1/8*(x-2)3+1

Avatar von 42 k

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