0 Daumen
1,1k Aufrufe

Der Sinus hyperbolicus ist definiert durch sinh : RR,sinh(x)=12(exex) \sinh : \mathbb{R} \rightarrow \mathbb{R}, \sinh (x)=\frac{1}{2}\left(e^{x}-e^{-x}\right) .
(i) Zeigen Sie sinh(x)<sinh(y) \sinh (x)<\sinh (y) für x<y x<y und limxsinh(x)=,limxsinh(x)= \lim \limits_{x \rightarrow \infty} \sinh (x)=\infty, \lim \limits_{x \rightarrow-\infty} \sinh (x)=-\infty
(ii) Zeigen Sie, dass sinh bijektiv und sinh1 \sinh ^{-1} stetig ist.


Bräuchte bei der (i) Hilfe. Finde einfach keine Lösung. Ich hoffe das hier jemand die Aufgabe lösen kann.

Avatar von

2 Antworten

0 Daumen
 
Beste Antwort

Aloha :)

Die Ableitung der Sinus-hyberbolicus-Funktion ist stets positivsinh(x)=(exex2)=ex+ex2>0\sinh'(x)=\left(\frac{e^x-e^{-x}}{2}\right)'=\frac{e^x+e^{-x}}{2}>0weil ex>0e^x>0 für alle xRx\in\mathbb R. Daher ist sinh(x)\sinh(x) streng monoton wachsend, d.h.x<y    sinh(x)<sinh(y)x<y\quad\implies\quad\sinh(x)<\sinh(y)

Für die Grenzwerte gilt:limxsinh(x)=limxexex2=limxex(1e2x)12\lim\limits_{x\to\infty}\sinh(x)=\lim\limits_{x\to\infty}\frac{e^x-e^{-x}}{2}=\lim\limits_{x\to\infty}\frac{\overbrace{e^x}^{\to\infty}\cdot\overbrace{(1-e^{-2x})}^{\to1}}{2}\to\inftylimxsinh(x)=limxexex2=limxex(e2x1)(1)2\lim\limits_{x\to-\infty}\sinh(x)=\lim\limits_{x\to-\infty}\frac{e^x-e^{-x}}{2}=\lim\limits_{x\to-\infty}\frac{\overbrace{e^{-x}}^{\to\infty}\cdot\overbrace{(e^{2x}-1)}^{\to(-1)}}{2}\to-\infty

Avatar von 153 k 🚀

Wie würden sie die Aufgabe ii) beweisen?

0 Daumen
sinh(x)<sinh(y) \sinh (x)<\sinh (y) für x<y x<y

Monotoniesatz. Zeige dass sinh(x)>0\sinh'(x) > 0 für jedes xRx\in\mathbb{R} ist.

limxsinh(x)=,limxsinh(x)= \lim \limits_{x \rightarrow \infty} \sinh (x)=\infty, \lim \limits_{x \rightarrow-\infty} \sinh (x)=-\infty

Verwende Rechenregeln für Grenzwerte und das was du über den Verlauf der Exponentialfunktion weißt.

Avatar von 107 k 🚀

Ein anderes Problem?

Stell deine Frage